成都石室中学2024-2025学年度上期高 2025 届10月月考
物理试卷
考试时间：75 分钟
一、单项选择题：本题共 7 个小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项
符合要求
1．通过对 粒子散射实验的研究，卢瑟福提出了原子的核式结构模型。如图为实验
的示意图，显微镜前端带有荧光屏，实验时，若将显微镜分别放在位置 1、2、3、
4，则能观察到 粒子出现最多的位置为（）
A．位置 1
B．位置 2
C．位置 3
D．位置 4
2．为了节能减排绿色环保，新能源汽车成为未来汽车发展的方向。为测试某
款电动汽车的制动性能，使该电动汽车在平直公路上以 10m/s 的速度行驶，
t=0 时刻撤去牵引力并踩下刹车，其速度 v 随时间 t 变化的关系图像如图所
示，不计空气阻力，则在 0~5s 内，下列说法正确的是（）
A．电动汽车的位移大小大于 25m
B．电动汽车的位移大小等于 25m
C．电动汽车受到的制动阻力越来越小
D．电动汽车受到的制动阻力保持不变
3．如图所示是光线由空气射入半圆形或矩形玻璃砖，再由玻璃砖射入空气中的部分光路图，O 点是半圆
形玻璃砖的圆心。关于下列图说法不正确的是（）
A．甲图中入射角大于折射角
B．乙图中光的传播路线不发生偏折
C．丙图中折射光线在玻璃砖的下界面发生全反射
D．丁图中入射光线和出射光线平行
4．某国宇航局发射行星探测卫星，由于没有把部分资料中实际使用的单位制转换为国际单位制，造成重
大损失。国际单位制中力学有三个基本单位，用这三个基本单位导出功率单位—瓦特(W)的表达形式为
（）
A．kg m2 s 3 B．kg m3 s 2 C．kg2 m3 s 1 D．kg2 m s 3
5．如图所示，手机平面与水平面夹角为 ( 为锐角)，手机仅有两 个侧面与手机夹
接触，竖直面内缓慢转动手机夹过程中，手机始终静止在手机支
架上。下列说法正确的是（）
A．顺时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力变小
B．顺时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力变大
C．逆时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力与 cos 成正比
D．逆时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力与 无关
6．如图甲，MN 是倾角 = 370传送带的两个端点，一个质量 m=5kg 的物块(可看作质点)以 4m/s 的初速度
自 M 点沿传送带向下运动。物块运动过程的 v-t 图像如图乙所示，取重力加速度 g=10m/s2，下列说法正确
的是（）
A．t=2s 时，物块所受滑动摩擦力的方向平行传送带向下
B．传送带的速度为 2m/s，方向沿逆时针转动
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9
C．物块与传送带间的动摩擦因数为16
D．物块在传送带上留下的划痕长度为 12m
7．如图所示，轻弹簧的一端固定在倾角为 的固定光滑斜面的底部，另一端和质量为 m 的小物块 a 相
3
连，质量为 的小物块 紧靠 静止在斜面上，此时弹簧的压缩量为 。从 时开始，对 施加沿斜面
5m b a 0 =0 b
向上的外力，使 b 始终做匀加速直线运动。经过一段时间后，物块 a、b 分离，再经过同样长的时间，b 距
其出发点的距离恰好为 x0 。弹簧始终在弹性限度内，其中心轴线与斜面平行，重力加速度大小为 g，小物
块 a、b 均可视为质点。下列说法正确的是（）
A．a、b 分离时，弹簧的压缩量为 0
4
10
． 0 时 、 分离
B t= gsin a b
1
．物块 加速度的大小为 g
C b 5
6
． 、 分离后，对 施加沿斜面向上的外力大小恒为 gsin
D a b b 5
二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目
要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有错选的得 0 分
8．一水平软绳右端固定，取绳左端质点 O 为坐标原点，以绳所在直线为 x 轴、竖直方向为 y 轴建立坐标
系，在绳上每隔 l0 选取一个质点。 t 0时刻质点 O 开始沿 y 轴不断振动，产生一列沿 x 轴传播的横波(可视
为简谐波)。已知t t0 时刻的波形如图所示，下列说法正确的是（）
A．该波的周期为 2t0
B．该波的波长为 4l0
C．t t0 时刻，4l0 处的质点振动方向沿 y 轴负方向
D． t 6t0 时刻， x 20l0 处的质点位移不为零
9．在学校组织的运动会期间，某同学参加定点投篮比赛。如图所示，篮球两次出手和进框的位置相同，
在空中的运动轨迹分别对应同一竖直平面内的 a、b 两条曲线。不计空气阻力，则关于该两次投篮下列说
法正确的是（）
A．轨迹为 a 的篮球在任意相等时间间隔内，上升
过程与下降过程中的速度变化量大小相等方向相反
B．轨迹为 b 的篮球经最高点的速度较大
C．轨迹为 b 的篮球先超重后失重
D．从出手到进框，两次投篮的平均速度的方向相同
10．如图是货物输送装置示意图，载物平台 M 架在两根完全相同、轴线在同一水平面内的平行长圆柱上，
平台重心与两圆柱等距，货物 m 放在平台正中间。两圆柱以角速度 = 20rad/s绕轴线做相反方向转动。
现沿平行于轴线的方向给平台施加 = 10N的恒力，使平台从静止开始沿轴线运动。已知平台质量 = 4kg
，平台与两圆柱间的动摩擦因数均为1 = 0.2，货物质量 = 1kg，与平台间的动摩擦因数2 = 0.3，圆柱
半径 = 4cm，取重力加速度 g=10m/s2。下列说法正确的是（）
A．货物与平台一起做匀加速直线运动
B．货物受到平台的摩擦力逐渐减小
C．当平台速度 = 0.6m/s时，货物加速度为0.8m/s2
D．只有当 F>1(m+M)g 时，平台才能开始运动
三、实验题:本题共 2 个小题，共 15 分
11.（6 分）在测量电源电动势和内阻的实验中，实验室提供了如下器材和参考电路“甲”“乙”：
电压表 V1（量程 3 V，内阻约 6 k）
电压表 V2（量程 1 V，内阻约 6 k）
电流表 A1（量程 0.6 A，内阻约 0.1 ）
电流表 A2（量程 2 mA，内阻约 1 ）
滑动变阻器 R1（最大阻值 3 k）
滑动变阻器 R2（最大阻值 10 ）
定值电阻 R3（阻值为 0.8 ）
开关，导线若干
甲 乙 丙
（1）胡同学想要测量马铃薯电池的电动势（约 1.0 V）和内阻（约几千欧）。选用合适器材后，应选择参考
电路中的最优电路（填写“甲”或“乙”）进行测量；
（2）董同学想要测量一节新干电池的电动势和内阻（内阻较小）。选用合适器材后，选择了“甲”“乙”
中的最优电路进行测量，将测得的数据在坐标纸上画出 UI 图像如丙图所示，并求出电动势 E 为
V，内阻 r 为(结果保留 2 位小数)
12.（9 分）在探究加速度与物体所受合力和质量间的关系时，采用如图甲所示的实验装置，小车及车中砝
码的质量用 M 表示，盘及盘中砝码的质量用 m 表示，小车的加速度 a 可通过小车拖动的纸带由打点计时
器打出的点计算得出。
甲 乙 丙
(1)第一组同学先保持盘及盘中砝码的质量 m 一定，探究小车的加速度 a 与其质量 M 的关系，以下做法正
确的是（）
A.平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上
B.当 Mm 时才可以认为细绳对小车的拉力大小与盘和盘中砝码的重力大小相等
(2)第一组同学在某次实验时，接通频率 50 Hz 的交流电源，开启打点计时器，释放小车。多次重复后选择
点迹清晰的一条纸带，如图乙所示。图中的点为计数点(每两个相邻的计数点间还有 4 个点未画出)，可以
计算小车的加速度 a=m/s2(结果保留 2 位小数)
(3)第二组同学保持小车及车中的砝码质量 M 一定，探究小车的加速度 a 与其所受外力 F 的关系，在木板
水平及倾斜两种情况下分别做了实验，得到了如图丙所示的两条平行的 aF 图线，取重力加速度
g=10m/s2,根据图线可求出小车与木板之间的动摩擦因数为 =(结果保留 2 位小数)
四、解答题：本题共 3 个小题，共 42 分
13.（10 分）如图所示，导热性能良好的圆筒形汽缸开口向上放置在水平地面上，质量
为 m=2kg、横截面积 S=10cm2 的活塞在汽缸内封闭了一定质量的理想气体，开始的封闭
5
气柱的长度为 L1=15cm，环境温度 T1=300K，大气压强始终为 p0=1.010 Pa。取重力加
速度 g=10m/s2，不计活塞厚度，汽缸内壁光滑，足够长且不漏气。求：
(1)活塞稳定时，封闭气柱的压强 p；
(2)将环境温度缓慢升高至 T2=400K，当活塞再次稳定后，封闭气柱的长度 L2。
14.（14 分）2024 年 4 月 24 日，我国自主研发水陆两栖飞机“鲲龙”AG600 在湖北荆门漳河机场完成了着水
救援和空投救援水上救援演示验证，试验过程中飞机与水面救援力量配合良好，救援实施过程流畅。某次
演练中，该飞机在水面上由静止开始匀加速直线滑行并汲水，速度达到 v1=80m/s 时离开水面，该过程滑行
4
距离1 = 1600m，飞机汲水之后的总质量为 m=510 kg。离开水面后，飞机
保持该速率攀升到某一高度，由于任务紧急，飞机需要沿水平方向加速飞行
（此过程视为匀加速直线运动），经过位移 L2=180m 时，速度达到 v2=100m/s.
取重力加速度 g=10m/s2。求：
(1)飞机在水面汲水滑行阶段的加速度 a 的大小及滑行时间 t；
(2)不计空气阻力，飞机攀升后沿水平方向加速飞行，受到的推力 F。
15.（18 分）如图所示，质量为 M=4.5kg 的长木板置于光滑水平地面上，质量为 m=1.5kg 的小物块放在长
木板的右端，在木板右侧的地面上固定着一个有孔的弹性挡板，孔的尺寸刚好可以让木板无接触地穿过。
现使木板和物块以 v0=4m/s 的速度一起向右匀速运动，物块与挡板碰撞后立即以碰前的速率反向弹回，而
木板穿过挡板上的孔继续向右运动，整个过程中物块不会从长木板上滑落。已知物块与挡板第一次碰撞后，
2
物块离开挡板的最大距离为 x1=1.6m，取重力加速度 g=10m/s 。
（1）求物块与木板间的动摩擦因数；
（2）求物块与挡板第一次碰撞到第二次碰撞所经历的时间；
-3
（3）若物块与挡板第 n 次碰撞后，物块离开挡板的最大距离为 xn=6.2510 m，求 n。
成都石室中学 2024-2025 学年度上期高 2025 届 10 月月考
物理参考答案
1.【答案】D
【难度】0.95【知识点】粒子散射实验的装置、现象和结果分析
【详解】在粒子散射实验中，绝大多数粒子穿过金箔后，基本上仍沿原来的方向前进，但有少数粒子发生了大
角度偏转，极少数偏转的角度甚至大于 90，所以荧光屏和显微镜放在 4 位置时，相同时间内观察到屏上的闪光次
数最多。
故选 D。
2．【答案】A【难度】0.95
【知识点】v-t 图象斜率的物理意义、利用 v-t 图象求加速度、v-t 图象面积的物理意义、利用 v-t 图象求位移
1 1
【详解】A．v-t 图线与坐标轴所围面积表示位移，若汽车匀减速到零，则其位移为 x v t 10 5m 25m
2 0 2
电动汽车图线所围面积大于匀减速到零的面积，故实际位移大于 25m，A 正确，B 错误;
CD．v-t 图线切线的斜率表示加速度，图线斜率逐渐增大，故汽车加速度在增大，由牛顿第二定律知其制动阻力在
增大，CD 错误。故选 A。
3．【答案】C
【难度】0.85【知识点】根据反射与折射定律画出光路图、发生全反射的条件、临界角
【详解】A．根据折射率可知，甲图中入射角大于折射角，故 A 正确，不满足题意要求；
B．乙图中光的入射方向与界面垂直，所以光的传播路线不发生偏折，故 B 正确，不满足题意要求；
C．丙图中，根据几何关系可知，折射光线在玻璃砖的下界面的入射角等于上界面的折射角，所以不可能在下界面
发生全反射，故 C 错误，满足题意要求；
D．丁图中，根据几何关系可知，折射光线在玻璃砖的下界面的入射角等于上界面的折射角，根据折射定律可知，
光线在下界面的折射角等于上界面的入射角，所以入射光线和出射光线平行，故 D 正确，不满足题意要求。故选 C。
4．【答案】A
【难度】0.8【知识点】功率的定义和物理意义、国际单位制中的导出单位
2
W J N m kg m/s m
【详解】由功率的定义式 P= 得，功率单位为 W kg m2 s 3 ，故选 A。
t s s s
5．【答案】D
【难度】0.25【知识点】利用平衡推论求力
【详解】由于手机仅有两个侧面与手机夹接触，顺时针缓慢转动手机夹，手机所受静摩擦力不变，故 D 正确。
6．【答案】D
【难度】0.6【知识点】v-t 图象斜率的物理意义、利用 v-t 图象求加速度、物块在倾斜的传送带上运动分析
【详解】A．物块下滑时，根据摩擦力产生的条件可知，物块相对传送带下滑，滑动摩擦力方向平行传送带向上，
A 错误；
B．从图像可知，物体速度减为零后反向沿斜面向上运动，最终的速度大小为 2m/s ，方向沿斜面向上，所以没从 N
点离开传送带，从 M 点离开，并且可以推出传送带沿顺时针转动，速度大小为 2m/s ，B 错误；
v
C．速度图像中面积表示位移，可知物块沿传送带下滑时的加速度大小 a 1.5m/s2
t
根据牛顿第二定律 mg cos37 mg sin 37 ma ，解得 0.94 ，C 错误；
1
D．图线与传送带速度围成的面积表示划痕，s= 6 4 12 m，D 正确。
2
7．【答案】C
【难度】0.35【知识点】胡克定律及其应用、整体法与隔离法解连接体问题
x 1
1
【详解】A．由于初速度为 0，最初两段相同时间间隔内位移之比为 ，且由题有 x1 x2 x0
x2 3
3
当物块 a、b 分离时弹簧压缩量 x x ，故 A 错误；
4 0
3
C．两物块刚好要分离时，a 与 b 之间无相互作用力且加速度相同，对 a 由牛顿第二定律有 k x mg sin ma
4 0
1
代入 k 后解得 a gsin ，故 C 正确；
5
1 1 2 5x0
B．分离时 b 的位移为 x0，由 xb= at 得 t= 故 B 错误；
4 2 2g sin
3 3 18
D．a、b 分离后，对 b 施加沿斜面向上的外力为恒力，对 b 有 F mg sin ma 得 F mg sin ，故选 C。
5 5 25
二、多选
8．【答案】AC
【难度】0.8【知识点】波形图中某质点的速度方向与传播方向的关系、波长、频率和波速的关系
【详解】A．由图可知， t t0 时刻波源完成半个全振动，向右传播半个波长，则该波的周期为T 2t0 ，A 正确；
B．由图可知，该波的波长为 =8l0 ，选项 B 错误；
C．因 t t0 时刻质点刚传到 x=4l0 处，此时该质点沿 y 轴负向振动，选项 C 正确；
D． t 6t0 时刻，波向前传播 24l0， x 20l0 处的质点在平衡位置，位移为零，选项 D 错误。故选 AC。
9．【答案】BD
【难度】0.7【知识点】平均速度、斜抛运动
【详解】AC．篮球在空中均受重力作用，加速度均为重力加速度，故任意相等时间内速度变化量大小相等方向相
同，篮球在空中都是完全失重，故 AC 错误；
BC．篮球做斜抛运动，水平方向上为匀速直线运动，故运动到最高点的速度即为水平方向上的分速度。两次投篮水
平位移相同，但轨迹 a 高度更高，运动时间较长，篮球在轨迹 a 中最高点的速度小于篮球在轨迹 b 中最高点的速度，
故 B 正确；
D．两次篮球的位移相同，，故平均速度的方向相同，故 D 错误。故选 BD。
10．【答案】BC
【难度】0.3【知识点】受恒定外力的板块问题
1
【详解】A．根据对称性可知平台与两个圆柱表面的摩擦力相等，大小均为 f M m g 5N
2
沿平行于轴线的方向给平台施加 F 10N 的恒力，使平台从静止开始沿轴线运动，初始时刻，平台受到两圆柱的摩
F
擦力刚好平衡，以平台和货物为整体，加速度大小为 a 2m / s2 g 3m / s2
0 M m 2
圆柱表面的点转动的线速度大小为 v r 0.8m / s
设平台运动的速度大小为 v ，如图所示
可知平台受到两个圆柱表面对平台沿平行于轴线的方向的摩擦力大小均为 fx fcos
根据牛顿第二定律可得 F 2 fx F 2 f cos M ma
可知随着平台速度 v 的逐渐增大， 逐渐减小，cos 逐渐增大，加速度逐渐减小，所以货物与平台不是一起匀加速
直线运动，故 A 错误；货物一直受静摩擦力，f=ma，故 f 一直在减小，B 正确；
v 0.6
C．当平台速度 v 0.6m / s 时，则有 cos 0.6
v2 v2 0.62 0.82
F 2 f cos 10 25 0.6
又 F 2 f cos M ma ，可得加速度大小为 a m / s2 0.8m / s2 ，C 正确；
M m 4 1
F
D．开始时平台受两圆柱的摩擦力平衡，所以开始运动是加速度大小为 a= ，即使 F 较小，平台也运动，故 D 错。
M+m
三、实验
11.（每空 2 分）答案 （1）甲 （2）1.50 0.20
解析 （1）马铃薯电池的电动势较小，内阻较大。题图乙中电压表分流，所以电流表测量的干路电流偏小，则电
动势测量值偏小；题图甲测量的干路电流 I 准确，根据闭合电路欧姆定律 EUIr 可知当 I0 时，断路电压即为
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电动势，所以甲图能准确测量马铃薯的电动势，内阻测量偏大，为电流表和马铃薯内阻之和，但因为马铃薯内阻远
大于电流表内阻，所以误差较小，故选甲。
（2）新的干电池内阻较小，所以需要给电池串联一个定值电阻 R3，方便测量，而题图 D 中测量的内阻为电流表内
阻、电源内阻和定值电阻 R3 之和，因为干电池内阻较小，所以内阻的测量会存在较大误差，所以选乙。根据闭合
电路欧姆定律 EUIr 变形得 UEIr，则图像纵截距即为电源电动势，由 UI 图可知 E1.50 V，r R3
0.80 0.20 。
1.501.00
0.50
12.（每空 3 分） 答案 (1)B (2)1.97 (3)0.02
解析（1）平衡摩擦力时，不能将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上，A 错误；当 Mm 时，认为细绳
对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力，B 正确.
1
(2)两个相邻计数点之间的时间间隔 T5 s0.10 s，
50
由逐差法和xaT2 可得 a1.97 m/s2
(3) 设小车和钩码的总质量为 M，由牛顿第二定律可知，木板水平时有 FMgMa，则有 a Fg；木板倾斜
1
时有 ，则有 （ ），由题意得木板水平时是图像，并且两图线平行，
F Mgsin Mgcos Ma a F gsin gcos M
1
则有g0.2m/s2，解得0.02.
M
13.【答案】(1)1.2105Pa (2)20cm
【详解】（1）对活塞列平衡方程 mg+p0S=pS （3 分）
故气柱压强 p=1.2105Pa （2 分）
（2）将环境温度缓慢升高至T 400K 过程中气体进行等压变化，则根据盖吕萨克定律定律可知
（3 分）
1 2
解得 L2=20cm（2 分）
1 = 2
14.【答案】(1)a=2m/s2 t=40s
(2)5 2105N 方向与水平方向夹 45
2
【详解】（1）水平方向的匀加速直线运动 2aL1=v1 （3 分）
故 a=2m/s2 （1 分）
v1=at（3 分）
故时间 t=40s （1 分）
（2） 2 2
根据几何关系，飞机第二阶段的运动 2a2L2=v2 -v1 （2 分）
2
则 a2=10m/s （1 分）
故推力 F= (mg)2+(ma)2 =5 2105N, （2 分）
方向与水平方向夹 45 （1 分）
15.【答案】（1） 0.5 （2）t=1.8s （3） n5
【解析】(1)物块与挡板第一次碰撞后，物块向左减速到速度为 0 的过程中mg （1 分）
2
根据运动学方程 2ax1=v0 （1 分）
解得=0.5 （1 分） =
(2)小物块第一次与挡板碰撞后，先向左匀减速直线运动，再向右做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律有：mg
2
代入数据解得加速度大小 a1=5m/s （1 分）
= ma
mg 5 2
木板的加速度大小 a2= = m/s （1 分）
M 3
经判断，两者共速时还没有与挡板发生第二次碰撞，
根据动量守恒可求出两者的共同速度 v1： Mv0 mv0 (M m)v1 （2 分）得 v1=2m/s（其他方法也给分）
v1-v0
此时 t1= =1.2s （1 分）
a
则小物块与木板共速时的位移和所用时间分别为： （1 分）
2 2
v1v2
x1 1
小物块和木板一起向右匀速运动的时间为：t2= =0.6xs = 2a = 1.2m （1 分）
v1
故时间 t=t1+t2=1.8s （1 分）
(3)物块与挡板碰后，物块与木板组成的系统动量守恒，取水平向右为正方向。
设第一次碰撞后系统的共同速度为 v1，由动量守恒定律得 Mv0 mv0 (M m)v1 （1 分）
M m 1
解得 v v v （1 分）
1 M m 0 2 0
1 2
设物块由速度为 0 加速到 v1的过程中运动的位移为 x1 有 mgx mv （2 分）
1 2 1
1
得 x x ，即物块与挡板第二次碰撞之前，物块与木板已经达到共同速度 v1，第二次碰撞后，小物块反弹后瞬间
1 4 1
M m 1 2
速度大小为 v1，经一段时间系统的共同速度为 v v ( ) v
2 M m 1 2 0
第三次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为 v 2 ，经一段时间系统的共同速度为
M m 1
v v ( )3 v ……
3 M m 2 2 0
第 n 次碰撞后，小物块反弹后瞬间速度大小为
M m 1
v v ( )n1 v （2 分）
n1 M m n2 2 0
1 2
由动能定理得 mgx 0 mv 得 n5。（1 分）
n 2 n 1