高 三 物 理 试 卷
满分 100 分，考试时间 90 分钟
本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。所有答案都写在答题卡上。
第 卷
一、选择题：本题共 12 小题,每小题 4 分，共 48 分。第 1 ~ 8 题只有一个选项符合题目要求，
第 9 ~ 12 题有多个选项符合题目要求。全部选对的得 4 分，选对但选不全的得 2 分，有选错
的得零分。
1．当一个人轻推另一个时，两人间的相互作用力（ ）
A．性质不同 B．大小不同 C．方向不同 D．作用时间不同
2．图甲是一列简谐横波在某时刻的波形图，质点 M、N、P、Q 的平衡位置分别位于介质中
x = 3m、x = 4m、x = 5m、x = 10m 处。该时刻横波恰好传播至 P 点，图乙为质点 M 从该时刻
开始的振动图像，下列说法正确的是（ ）
A．此波在该介质中的传播速度为 1.25m/s
B．波源起振方向沿 y 轴正方向
C．此波传播至 Q 点的过程中，质点 P 的路程为 5m
D．当质点 Q 起振后，与质点 N 振动步调完全一致
3．甲（质为 80kg）、乙（质量为 40kg）两名溜冰运动员，面对面
拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演，如图所示，此时两人相距 0.9m
且弹簧秤的示数为 6N，下列说法正确的是（ ）
A．甲乙线速度相同 B．甲的角速度比乙的大
C．甲乙运动半径相等 D．甲的运动半径为 0.3m
4．某静电场的电场线方向不确定，分布如图中实线所示，一带电粒子在电场中仅受静电力
作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由 M 运动到 N，以下说法正确的是（ ）
A．粒子必定带正电荷
B．该静电场一定是孤立正电荷产生的
C．粒子在 M 点的加速度小于它在 N 点的加速度
D．粒子在 M 点的速度大于它在 N 点的速度
高三物理试题 第 1 页（共 6 页）
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5．滑块以一定的初速度沿粗糙斜面从底端上滑，到达最高点 B 后返回到底端。利用频闪仪
分别对上滑和下滑过程进行拍摄，频闪照片示意图如图所示。与图乙中相比，图甲中滑块
（ ）
A．受到的合力较小
B．经过 A 点的动能较小
C．在 A、B 之间的运动时间较短
D．在 A、B 之间克服摩擦力做的功较小
6．如图所示，一物体分别沿三个倾角不同的光滑斜面由静止开始从顶端下滑到底端 C、D、
E 处，三个过程中重力的冲量依次为 I1、I2、I3，动量变化量的大小依次为 p1 、 p2 、 p3 ，
则有 （ ）
A．三个过程中，合力的冲量不相等，动量的变化量相等
B．三个过程中，合力做的功相等，动能的变化量不相等
． ，
C I1 I2 I3 p1 p2 p3
． ，
D I1 I2 I3 p1 p2 p3
7．甲、乙两物体在光滑水平面上沿同一直线相向运动，甲、乙物
体的速度大小分别为 3m/s 和 1m/s；碰撞后甲、乙两物体都反向
运动，速度大小均为 2m/s。则甲、乙两物体质量之比为（ ）
A．2：3 B．2：5
C．3：5 D．5：3
8．在建造房屋的过程中，建筑工人用轻绳穿过与重物固定连接的光滑圆环，将重物从高台
运送到地面的过程，可以简化为如图所示的情景：工人甲和乙站在同一水平高台上分别握住
轻绳，甲在 A 点静止不动，乙站在 B 点缓慢释放轻绳，使重物下降。在乙释放一小段轻绳的
过程中，下列分析正确的是（ ）
A．绳的拉力大小不变
B．工人甲受到高台的支持力不变
C．工人甲受到高台的摩擦力变大
D．工人甲受到高台和绳的作用力的合力变大
高三物理试题 第 2 页（共 6 页）
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9．两电荷量分别为 q1 和 q2 的点电荷固定在 x 轴上的 O、M 两点，两电荷连线上各点电势
随 x 变化的关系如图所示，其中 C 为 ND 段电势最低的点，则下列说法正确的是（ ）
A．q1、q2 为等量异种电荷
B．C 点的电场强度大小为零
C．C、D 两点间场强方向沿 x 轴负方向
D．将一负点电荷从 N 点移到 D 点，电场力先做负功后做正功
10．如图所示，在一个匀强电场（图中未画出）中有一个四边形 ABCD ，其中， M 为 AD 的
9
中点，N 为 BC 的中点。一个带正电的粒子从 A 点移动到 B 点，电场力做功为WAB 2.010 J ；
9
将该粒子从 D 点移动到 C 点，电场力做功为WDC 4.010 J 。则以下分析正确的是（ ）
．若将该粒子从 点移动到 点，电场力做功为 9
A M N WMN 3.010 J
．若将该粒子从 点移动到 点，电场力做功W 有可能大于 9
B M N MN 4.010 J
C．若 A 、B 之间的距离为 1 cm，该粒子的电荷量为 2107 C ，则该电场的场强一定是
E 1V / m
D．若该粒子的电荷量为 2109 C ，则 A 、 B 之间的电势差为 1 V
高三物理试题 第 3 页（共 6 页）
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11．a、b 两个质点运动的速度一时间图像如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．在 0 6s 内，a、b 均做直线运动
B．第 3s 末 a 的加速度比 b 的加速度大
C．在 0 3s 内，a 的平均速度大于 b 的平均速度
D．在 3s 6s 内 b 的平均速度大于 2m/s
12．有一宇宙飞船到了某行星上（该行星没有自转运动），以速度 v 接近行星表面匀速率飞行，
测出运动的周期为 T，已知引力常量为 G，则可得（ ）
vT 3
A．该行星的半径为 B．该行星的平均密度为
2 GT 2
2 v
C．无法测出该行星的质量 D．该行星表面的重力加速度为
T
第 卷
二、非选择题：本题共 6 小题，共 52 分。
13．如图(a)所示，在水平光滑轨道上停着甲、乙两辆实验小车，甲车系一穿过打点计时器的
纸带，当甲车受到水平向右的冲量后，随即启动打点计时器．甲车运动一段距离后，与静止
的乙车正碰并粘在一起运动．纸带记录下碰撞前甲车和碰撞后两车运动情况如图(b)所示，电
源频率为 50Hz，则：碰撞前甲车的运动速度大小为 m/s，甲、乙两车的质量比
m 甲：m 乙为 ．
14．在“用单摆测量重力加速度”的实验中，某实验小组在测量单摆的周期时，测得摆球经过
n 次全振动的总时间为 t ，在测量单摆的摆长时，先用毫米刻度尺测得摆线长度为 l ，再用
游标卡尺测量摆球的直径为 D。
回答下列问题：
高三物理试题 第 4 页（共 6 页）
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（1）为了减小测量周期的误差，实验时需要在适当的位置做一标记，当摆球通过该标记时
开始计时，该标记应该放置在摆球摆动的 。
A．最高点 B．最低点 C．任意位置
（2）该单摆的周期为 。
（3）若用l 表示摆长，T 表示周期，那么重力加速度的表达式为 g 。
（4）如果测得的 g 值偏小，可能的原因是 。
A．测摆长时摆线拉得过紧
B．摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了
C．开始计时时，停表过迟按下
D．实验时误将 49 次全振动记为 50 次
（5）为了提高实验的准确度，在实验中可改变几次摆长 L 并测出相应的周期 T，从而得出几
组对应的 L 和 T 的数值，以 L 为横坐标、T 2 为纵坐标作出 T 2 L 图线，但同学们不小心每
次都把小球直径当作半径来计算摆长，由此得到的 T 2 L 图像是图乙中的 （选填
“”“”或“”）。
15．质量为 m = 4kg 的小物块静止于粗糙水平地面上。现用 F = 12N 的水平恒力拉动小物块，
经过时间 t = 2s，小物块运动了 x = 4m 的距离，取 g = 10m/s2.求：
(1)物块做匀加速运动加速度 a 的大小；
(2)物块与地面间的动摩擦因数的大小。
16．质量 m =5 kg 的小球系于弹簧的一端，套在光滑竖直圆环上，弹簧的另一端固定在环上
的 A 点，环半径 R = 0.5m，弹簧原长 L0 = R = 0.5m。当球从图中位置 C 滑至最低点 B 时，测
得 vB 3m/s ，求在 B 点时弹簧的弹性势能 Ep 的大小。
高三物理试题 第 5 页（共 6 页）
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17．如图，在空间水平面 MN 的上方区域有方向竖直向下的匀强电场，场强大小为 E ，一质
量为 m，电荷量为 q（q>0）的粒子自电场中 O 点以大小为 v0 的速度水平向右发射，恰好从
水平面上某点 P 处离开电场。已知粒子离开电场时的速度方向与竖直方向的夹角为 60，不
计重力。
（1）求 OP 之间的水平位移是多少？
（2）求 OP 之间电势差的大小。
18．如图，AB 为竖直半圆轨道的竖直直径，轨道 A 端与水平面相切。质量为 0.4kg 的光滑木
块从水平面上滑上 A 再经过 B，若在 B 点速度大小是 vB 10m / s ，到 B 点对轨道的压力恰
好为零，g 取 10m/s2，求
（1）轨道半径的大小；
（2）木块经 A 点时对轨道的压力；
（3）木块落地点到 A 点的距离。
高三物理试题 第 6 页（共 6 页）
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2023-2024 学年度上期高三第三次考试
物理试题答案
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
C B D C C C C B BCD AD AC ABD
1．C【详解】相互作用力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，性质相同，同时产生同时消
失。
2．B【详解】A．根据图像可知波长为 4m，周期为 4s v 1m/s A 错误；
T
B．此时刻波刚好传到 P 点，根据上下坡法可知，振动方向沿 y 轴正方向，又因此时刻 P 点振动
方向为波源起振方向， 故 B 正确；
x 5
C．此波传播至 Q 点时间满足 t 5s= T 因此 P 点路程 s=5A=50cmC 错误；
v 4
3
D．质点 Q 与质点 N 之间的距离为x 6m= 因此步调相反，D 错误。
2
3．D【详解】BCD．弹簧秤对甲、乙两名运动员的拉力提供向心力，根据牛顿第二定律得
2 2
M甲R甲甲 M乙R乙乙 由于甲、乙两名运动员面对面拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演，所以有
R甲 m乙 40 1
甲 乙 则 两人相距 0.9m，所以两人的运动半径不同 R甲 0.3m ， R乙 0.6m
R乙 m甲 80 2
A．根据线速度 v R 两人的角速度相同，但半径不同，故线速度不相同，故 A 错误。
4．C【详解】A．带电粒子所受静电力沿电场线的切线方向或其反方向，且指向运动轨迹曲线弯
曲的内侧，静电力方向大致向上，但不知电场线的方向，所以粒子的电性无法确定，故 A 错误；
B．电场线是弯曲的，则一定不是孤立点电荷的电场，故 B 错误；
C．N 点处电场线密，则场强大，粒子受到的静电力大，产生的加速度也大，故 C 正确；
D．因静电力大致向上，粒子由 M 运动到 N 时，静电力做正功，粒子动能增加，速度增加，
5．C【详解】A．因为频闪照片时间间隔相同，对比图甲和乙可知图甲中滑块加速度大，是上滑
阶段；根据牛顿第二定律可知图甲中滑块收到的合力较大；故 A 错误；
B．从图甲中的 A 点到图乙中的 A 点，先上升后下降，重力做功为 0，摩擦力做负功；根据动能定
理可知图甲经过 A 点的动能较大，故 B 错误；
2 2
C．由于图甲中滑块加速度大，根据 v v0 2ax可知图甲在 A、B 之间的运动时间较短，
D．由于无论上滑或下滑均受到滑动摩擦力大小相等，故图甲和图乙在 A、B 之间克服摩擦力做的
功相等，故 D 错误；
6．C【分析】重力的冲量为 I mgt ，根据物体的运动的情况，求得物体运动的时间的关系，可以
求得冲量的大小，动量变化量的大小 p mv ，求得物体的速度的大小即可求得动量变化量的大小。
1
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1
【详解】ACD．由机械能守恒定律可知 mgh mv 2 因此物体下滑到底端 C、D、E 的速度大小 v 相
2
等，动量变化量大小 p mv 相等，即 p1 p2 p3
但是方向不同，根据动量定理，合力的冲量等于动量的变化率，故合力的冲量大小相等，方向不
h 1 2h
同；斜面的高度为 h，从顶端 A 下滑到底端 C，由 g sin t 2 得物体下滑的时间 t
sin 2 g sin 2
2
所以 越小，sin 越小，t 越大，重力的冲量 I mgt 就越大，故 I1 I2 I3 故 C 正确，AD 错误；
B．物体下滑过程中只有重力做功，故合力做的功相等，根据动能定理，动能的变化量相等，
7．C【详解】选取碰撞前甲物体的速度方向为正方向，根据动量守恒定律有 m甲v1 m乙v2 m甲v 1 m 乙v 2
代入数据，可得 m甲 : m乙 3: 5C 正确。
8．B【详解】A．设重物重力为 G ，圆环受力如图
G
由平衡条件得 2T cos G 解得T
2cos
当乙站在 B 点缓慢释放轻绳，使重物下降， 变小，G 不变，拉力T 变小，故
A 错误；
C．甲受力如图由平衡条件可得 f T sin
由 A 选项可知T 变小， 变小，所以 f 变小，故 C 错误；
B．由 AC 选项可知， f 与T 的合力方向为竖直向下，恒等于重物重力的二
分之一，结合上图工人甲受到高台的支持力不变，故 B 正确；
D．工人甲处于平衡状态，合力为零，工人甲受到高台和绳的作用力的合力
大小始终等于工人甲的重力不变，故 D 错误。
9．BCD【详解】AB．因-x 图线切线的斜率为电场强度，故可知 C 点的场
强为零，故 q1、q2 为等量同种电荷，选项 A 错误，B 正确；
C．由 C 到 D 电势升高，故电场线方向为由 D 到 C，选项 C 正确；
D．由 N 到 D 电势先降低后升高，故将一负点电荷从 N 点移到 D 点，电势能先升高后降低，即电
场力先做负功后做正功，选项 D 正确；
10．AD【详解】AB．在匀强电场中，由于 M 为 AD 的中点， N 为 BC 的中点，故 A D ，
M 2
B C 则
N 2
A D B C 1
WMN qUMV qM N q q A B
2 2 2
1 1 1
q W W 3.0109 J 故 A 正确，B 错误；
2 D C 2 AB 2 DC
C．由WAB qU AB qEd若电场方向恰好沿 AB 方向，则d 等于 A 、 B 之间的距离， d 1cm，得
2
{#{QQABBYKQoggAAhBAARgCQQWKCAGQkBCCAIoGxAAMIAABARNABAA=}#}
W
E AB 1V/m 若电场方向不沿 AB 方向，则 d 1cm，得到 E 1V/m，故 C 错误；
qd
WAB
D．由W qU 得U AB 1V 故 D 正确。
AB AB q
11．AC【详解】A.在 06s 内，a、b 的速度均为正值，方向没有变化，均做直线运动，选项 A 正
确；B.速度一时间图像中图线切线的斜率表示加速度，第 3s 末，a、b 的加速度均为零，选项 B 错
x
误；C.在 03s 内，a 的位移大于 b 的位移，由 v 可知，a 的平均速度大于 b 的平均速度，选项
t
1
C 正确；D.速度一时间图像中图线与 t 轴包围的面积表示位移，在 3s6s 内，b 的位移小于 （6-3）
2
6
4m=6m，平均速度小于 m/s=2m/s，选项 D 错误。
3
2 R vT
12．ABD【详解】A．周期与线速度的关系T 可得 R A 正确；
v 2
2 2 3 M 4 3
．式 Mm 2 得 4 R 又 3 得 正确；
B G m R M ,V R 2 B
R2 T GT 2 V 3 GT
GMm v2 v3T
C．万有引力提供向心力 =m 可得 M C 错误；
R2 R 2G
GMm v2 2 v
D．地球表面万有引力和重力相等 =m =mg 得 g D 正确；
R2 R T
13． 0.6 2:1
1.2102m
【详解】[1][2]碰前小车甲的速度 v甲 = 0.6m/s 碰后两小车的共同速度
0.02s
0.8102 m
v共 = 0.4m/s 由动量守恒定律 m 甲 v 甲=（m 甲+m 乙）v 共代入数据解得 m 甲：m 乙=2:1
0.02s
t 4 2l
14． B B
n T 2
【详解】（1）[1]为了减小测量周期的误差，应该将小球经过最低点时作为计时开始和终止的位置
更好些，实际摆动中最高点的位置会发生变化，且靠近最高点时速度较小，计时误差较大。
t
（2）[2]因为摆球经过 n 次全振动的总时间为 t ，则该单摆的周期为T （3）[3]由单摆周期公
n
l 4 2l 4 2l
式T 2 可得，重力加速度的表达式为 g （4）[5]因为重力加速度的表达式为 g
g T 2 T 2
A．测摆长时摆线拉得过紧，所测摆长 l 偏大，则所测重力加速度偏大，A 错误；
B．摆线上端悬点未固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了，故所测重力加速度偏小，B 正确；
C．开始计时时，秒表过迟按下，所测周期偏小，则所测重力加速度偏大，C 错误；
D．实验中误将 49 次全振动次数记为 50 次，所测周期偏小，则所测重力加速度偏大，D 错误。
3
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D
D L
故选 B。（5）[5]由题意可得，单摆的实际摆长为 l L 由单摆周期表达式得 2
2 T 2
g
2 2
2 4 2 D
化简可得T L 由此得到的 T 2 L 图像是图乙中的。
g g
1
15．(1)2m/s2；(2)0.1【详解】(1)由公式 x at 2 代入数据得 a=2m/s2
2
(2)小物块受到重力、支持力、摩擦力、水平恒力的作用，根据牛顿第二定律有 F mg ma
F ma
则有 = 代入数据解得 =0.1
mg
16．15J【详解】小球在 C 点时，由几何关系可知，弹簧处于原长状态，弹簧中无弹力，无弹性势
能；在小球从 C 运动到 B 的过程中，对小球受力分析知，对小球做功的只有重力和弹簧弹力，小
1
球和弹簧系统机械能守恒，则由机械能守恒定律得 mg(R R cos 60 ) mv2 E 代入数据可得
2 B P
Ep=15J
3mv2 mv2
17．（1） 0 ；（2） 0
3Eq 6q
v0
【详解】（1）粒子离开电场时的速度方向与竖直方向的夹角为 60，根据题意可知 tan 60
vy
3 Eq
解得 v v 在竖直方向，根据牛顿第二定律 Eq ma 解得 a 又有 vy at 解得
y 3 0 m
v 3mv 3mv2
t y 0 则 OP 之间的水平位移是 x v t 0
a 3Eq 0 3Eq
1 mv2 mv2
（2）根据公式可知 OP 之间的竖直位移是 d at 2 0 OP 之间电势差的大小U Ed 0
op 2 6Eq op op 6q
18．（1）10m；（2）24N，方向竖直向下；（3）20m
v2
【详解】（1）木块经 B 点时，对轨道的压力恰好为零，重力刚好提供向心力，则有 mg m B
R
v2
解得轨道半径的大小为 R B 10m
g
（ ）木块由 点到 点，根据机械能守恒定律可得： 解得
2 A B vA 10 5m / s
v2 v2
在 A 点，根据牛顿第二定律可得 N mg m A 解得 N mg m A 24N
R R
根据牛顿第三定律可知，木块经 A 点时对轨道的压力大小为 24N ，方向竖直向下。
1
（3）木块离开 B 点后做平抛运动，则竖直方向有 2R gt 2 水平方向有 x v t 联立解得 x 20m
2 B
4
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