物理参考答案
一、选择题(本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合
题目要求的，不选、多选、错选均不得分。)
12345678910111213
ADBCBBCDBDDDA
二、选择题（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符
合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
1415
BDBC
16.I（7分）（1）A（2分）
（2）B（2分）
（3）I（1分）先加速运动，后匀速运动（2分）
II（5分）（1）如图所示（1分）
（2）0.24A（0.22、0.23、0.24均可）（1分）
（3）0.60~0.90（2分）（图1分）
III.（2分）AC（漏选得1分）
1
{#{QQABJY6QoggoQBAAAQhCAwHgCAGQkACCCIoGAAAIIAABABFABAA=}#}
17.（8分）（1）温度为T0时，对活塞，根据平衡条件有mgp0S2k0.25HpS（1分）解得
pp0（1分）
（2）活塞恰好到达气缸顶部的过程中，气体压强体积温度都在变化，则末状态的压强关系为
5
mgpS2k0.25HpS解得：pp（1分）
030
p0.5HSPHS
010
根据理想气体状态方程（1分）解得:TT0（1分）
T0T3
（3）第一解法：对活塞由动能定理：（mgP0S）0.5HW0（1分）
2
解得：WpSH（1分）
30
2
根据热力学第一定律可得UQWQPSH（1分）
30
第二解法：当气体温度为T0时，体积为0.5HS；当活塞恰好到达气缸顶部时，气体温度升高
的过程中，气体做体积变大压强变大的变化，在这个过程中，压强关于上升高度成线性关系，故有
PP2
气体对外做功为W00.5SHpSH（2分）
230
根据热力学第一定律可得（1分）
18.（11分）（1）弹珠恰好进入管道，由平抛运动规律，有
Lvt
1（1分）解得v4m/s（1分）
2RHgt2
2
11
由能量守恒定律，有mv2mv22mgR（1分）解得v6m/s（1分）
2020
2
（2）设小弹珠碰前的速度为v1，由能量守恒，有v1v02gh5m/s（1分）
碰撞时动量守恒，碰后共同速度为v2，mv1(Mm)v2（1分）v21m/s（1分）
1212
最大弹性势能Emv(Mm)v22J（1分）
P212
22
1211
（3）根据弹性碰撞，有mvMvmv（1分）mvMvmv1（1分）
12121222
(mM)
解得vv3m/s向右运动（1分得到3m/s即可给分）
1mM1
2
{#{QQABJY6QoggoQBAAAQhCAwHgCAGQkACCCIoGAAAIIAABABFABAA=}#}
19.（11分）（1）由法拉第电磁感应定律可知，开关闭合时感应电动势：
E（或En）（1分）
tt
B
ELL0.05V（1分）
t12
E
导体棒cd的电流：I0.0625A（1分）
2R
（2）导体棒做加速度减小的加速运动，当通过导体棒的电流为零时，即穿过回路的磁通量为零时导
体棒的速度达到稳定，导体棒做匀速直线运动
回路磁通量不变，即B1L1L2B2L1v1t（2分）
B1
（建议写出ELL或EBLv或EE或，可酌情给分，但要有B和L的脚标。具体由阅卷
1t1222111212
组长统一标准。）
代入数据接解得，导体棒cd离开水平导轨时的速度：v11m/s（2分）
（3）导体棒离开水平轨道后，从离开到落地的时间t0.2s
在水平方向做匀速直线运动，水平位移x1v1t，解得x10.2m（1分）
两导体棒在相互作用过程中系统动量守恒mv12mv2，解得v20.5m/s（1分）
B2L2x
对导体棒ef应用动量定理BILtmv312mv，解得x1m（1分）
312，2R22
xx1x21.2m（1分）
3
{#{QQABJY6QoggoQBAAAQhCAwHgCAGQkACCCIoGAAAIIAABABFABAA=}#}
20.（11分）（1）粒子在电场中做类平抛运动
Lv0t
v解得vxv0v2v0（1分）
0.5Lxt
2
EqLmv2
水平方向由运动学公式可知v22ax2，解得E0（1分）
0m2qL
L
（2）A到o的运动时间t1，在磁场中运动时，由几何关系可知轨道半径为r2L，（1分）
v0
1122LLL2L
运动时间为t2T，从A到P运动的总时间为t（1分）
442v02v02v0
v2mv
带电粒子在磁场中做匀速圆周运动Bqvm，解得B0（1分）
rqL
（3）当磁感应强度为0.5B时，带电粒子的运动半径为R122L，分析可得带电粒子将垂直打在屏
P上方的某点，设为M点，由几何关系可得PM(222)L（1分）
2
当磁感应强度为2B时，带电粒子的运动半径为RL，分析可得带电粒子打不到屏。
22
当粒子轨迹与屏相切时，为屏上的最低点，设为N点，这时圆的半径为R3,由几何关系
2
RR2L可得R（422）L（1分）PN(222)L（1分）
3233
故粒子可打到屏上范围为P点上下(222)L的范围。
（4）带电粒子从O点到Q点，向右为正方向，由水平方向应用动量定理
BqvytmvQxmv0
0.5BqLmvQxmv0（1分）解得vQx0.5v0
11
根据动能定理0.5EqLmv2m(2v)2（1分）解得v3v
2Q20Q0
v3
粒子打在点时速度方向与水平方向的夹角为，cosQx解得cos（1分）
vQ6
4
{#{QQABJY6QoggoQBAAAQhCAwHgCAGQkACCCIoGAAAIIAABABFABAA=}#}